Xét các số thực dương x,y thỏa mãn log√3x+yx2+y2+xy+2=x(x−3)+y(y−3)+xy. Tìm giá trị Pmax của biểu thức P=5x+4y+4x+y+3.
log√3x+yx2+y2+xy+2=x(x−3)+y(y−3)+xy(1)⇔log√3(x+y)−log√3(x2+y2+xy+2)=x2−3x+y2−3y+xy⇔log√3(x+y)+3x+3y=log√3(x2+y2+xy+2)+x2+y2+xy⇔log√3(x+y)+2+3x+3y=log√3(x2+y2+xy+2)+x2+y2+xy+2⇔log√3(3x+3y)+3x+3y=log√3(x2+y2+xy+2)+x2+y2+xy+2(2)
Đặt f(t)=log√3t+t(t>0)⇒f′(t)=1tln√3+1>0,∀t>0
⇒f(t) đồng biến trên (0;+∞)
(2)⇔f(3x+3y)=f(x2+y2+xy+2)⇔3x+3y=x2+y2+xy+2⇔4x2+4y2+4xy−12x−12y+8=0⇔(2x+y)2−6(2x+y)+5=−3(y−1)2≤0⇔1≤2x+y≤5
Khi đó, P=5x+4y+4x+y+3=3+2x+y−5x+y+3≤3, vì {2x+y−5≤0x+y+3>0
Vậy Pmax=3 khi và chỉ khi {2x+y−5=0y−1=0⇔{x=2y=1
Có bao nhiêu giá trị nguyên m để phương trình 91+x+91−x=(m+2)(32+x−32−x)+45−27m có nghiệm trên [0;1]
Đặt t=31+x−31−x=f(x),∀x∈[0;1] ta có f′(x)=31+xln3+31−xln3>0
⇒ hàm số đồng biến trên [0;1], ⇒f(0)=0≤f(x)≤f(1)=8⇒f(x)∈[0;8] hay t∈[0;8]
Ta có t2=91+x+91−x−2.31+x+1−x=91+x+91−x−18⇔91+x+91−x=t2+18
Khi đó phương trình trở thành t2+18=3(m+2)t+45−27m
⇔t2−3(m+2)t+27m−27=0∀t∈[0;8]⇔t2−6t−27−3m(t−9)=0⇔(t−9)(t+3)−3m(t−9)=0⇔(t−9)(t+3−3m)=0⇔[t=9∉[0;8]t=3m−3
Đề phương trình ban đầu có nghiệm x∈[0;1] thì phương trình (*) có nghiệm t∈[0;8] thì
0≤3m−3≤8⇔1≤m≤113m∈Z⇔m∈{1;2;3}
Vậy có 3 giá trị m nguyên để phương trình ban đầu có nghiệm thuộc [0;1]
Xét các số thực dương x,y thỏa mãn log13x+log13y≤log13(x2+y). Tìm giá trị nhỏ nhất Pmin của biểu thức P{\rm{ }} = {\rm{ }}3x{\rm{ }} + {\rm{ }}2y.
{\log _{\dfrac{1}{3}}}x + {\log _{\dfrac{1}{3}}}y \le {\log _{\dfrac{1}{3}}}\left( {{x^2} + y} \right) \Leftrightarrow {\log _{\dfrac{1}{3}}}\left( {xy} \right) \le {\log _{\dfrac{1}{3}}}\left( {{x^2} + y} \right) \Leftrightarrow xy \ge {x^2} + y \Leftrightarrow y\left( {x - 1} \right) \ge {x^2}
Với x = 1 ta có 0 \ge 1 (Vô lý) \Rightarrow x \ne 1 .
Ta có y\left( {x - 1} \right) = {x^2} \ge 0, mà y > 0 \Rightarrow x - 1 \ge 0 \Leftrightarrow x \ge 1. Vậy x > 1
Khi đó ta có :
P = 3x + 2y = \dfrac{{\left( {3x + 2y} \right)\left( {x - 1} \right)}}{{x - 1}} = \dfrac{{3x\left( {x - 1} \right) + 2y\left( {x - 1} \right)}}{{x - 1}} \ge \dfrac{{3{x^2} - 3x + 2{x^2}}}{{x - 1}} = \dfrac{{5{x^2} - 3x}}{{x - 1}} = f\left( x \right)\,\,\,\forall x > 1
Xét hàm số f\left( x \right) = \dfrac{{5{x^2} - 3x}}{{x - 1}} = 5x + 2 + \dfrac{2}{{x - 1}}\,\,\,\left( {x > 1} \right) ta có
f'\left( x \right) = 5 - \dfrac{2}{{{{\left( {x - 1} \right)}^2}}} = \dfrac{{5{{\left( {x - 1} \right)}^2} - 2}}{{{{\left( {x - 1} \right)}^2}}} = 0 \Leftrightarrow \left[ \begin{array}{l}x = 1 + \dfrac{{\sqrt {10} }}{5}\\x = 1 - \dfrac{{\sqrt {10} }}{5}\end{array} \right.
BBT :
Dựa vào BBT ta thấy
\begin{array}{l}\mathop {\min }\limits_{\left( {1; + \infty } \right)} f\left( x \right) = f\left( {1 + \dfrac{{\sqrt {10} }}{5}} \right) = 5\left( {1 + \dfrac{{\sqrt {10} }}{5}} \right) + 2 + \dfrac{2}{{1 + \dfrac{{\sqrt {10} }}{5} - 1}} = 5 + \sqrt {10} + 2 + \sqrt {10} = 7 + 2\sqrt {10} \\ \Rightarrow P \ge f\left( x \right) \ge 7 + 2\sqrt {10} \Rightarrow {P_{\min }} = 7 + 2\sqrt {10} \end{array}
Tìm tất cả các giá trị của tham số m để phương trình{\left( {3 - \sqrt 5 } \right)^{{x^2}}} + m{\left( {3 + \sqrt 5 } \right)^{{x^2}}} - {2^{{x^2} - 1}} = 0 có đúng hai nghiệm phân biệt?
{\left( {3 - \sqrt 5 } \right)^{{x^2}}} + m{\left( {3 + \sqrt 5 } \right)^{{x^2}}} - {2^{{x^2} - 1}} = 0 \Leftrightarrow {\left( {\dfrac{{3 - \sqrt 5 }}{2}} \right)^{{x^2}}} + m{\left( {\dfrac{{3 + \sqrt 5 }}{2}} \right)^{{x^2}}} - \dfrac{1}{2} = 0
Ta có {\left( {\dfrac{{3 - \sqrt 5 }}{2}} \right)^{{x^2}}}.{\left( {\dfrac{{3 + \sqrt 5 }}{2}} \right)^{{x^2}}} = {\left( {\dfrac{{3 - \sqrt 5 }}{2}.\dfrac{{3 + \sqrt 5 }}{2}} \right)^{{x^2}}} = 1
Đặt {\left( {\dfrac{{3 - \sqrt 5 }}{2}} \right)^{{x^2}}} = t\,\, \Leftrightarrow {\left( {\dfrac{{3 + \sqrt 5 }}{2}} \right)^{{x^2}}} = \dfrac{1}{t} \Rightarrow t = {\left( {\dfrac{2}{{3 + \sqrt 5 }}} \right)^{{x^2}}} \Leftrightarrow {x^2} = {\log _{\frac{2}{{3 + \sqrt 5 }}}}t, khi đó phương trình trở thành: t + m\dfrac{1}{t} - \dfrac{1}{2} = 0 \Leftrightarrow {t^2} - \dfrac{1}{2}t + m = 0\, \Leftrightarrow 2{t^2} - t + 2m = 0\, \Leftrightarrow m = \dfrac{{t - 2{t^2}}}{2}
Phương trình đã cho có hai nghiệm phân biệt \Leftrightarrow {x^2} > 0 \Leftrightarrow {\log _{\frac{2}{{3 + \sqrt 5 }}}}t > 0 \Leftrightarrow 0 < t < 1.
(ứng với mỗi nghiệm t thỏa mãn 0<t<1 thì ta có 2 nghiệm x)
Do đó ta cần tìm m để phương trình ẩn t chỉ có 1 nghiệm thuộc (0;1).
Xét hàm f\left( t \right) = \dfrac{{t - 2{t^2}}}{2} có f'\left( t \right) = \dfrac{{1 - 4t}}{2} = 0 \Leftrightarrow t = \dfrac{1}{4}
Bảng biến thiên:
Vậy - \dfrac{1}{2} < m \le 0 hoặc m = \dfrac{1}{{16}}
Cho f(x) = a.\ln \left( {x + \sqrt {{x^2} + 1} } \right) + b.{x^{2017}} + 2018 với a,b \in R. Biết rằng f\left( {\log \left( {\log e} \right)} \right) = 2019. Tính giá trị của f\left( {\log \left( {\ln 10} \right)} \right).
Đặt g(x) = f(x) - 2018 = a.\ln \left( {x + \sqrt {{x^2} + 1} } \right) + b.{x^{2017}}
\begin{array}{l} \Rightarrow g( - x) = a.\ln \left( { - x + \sqrt {{x^2} + 1} } \right) - b.{x^{2017}} = a.\ln \left( {\dfrac{1}{{x + \sqrt {{x^2} + 1} }}} \right) - b.{x^{2017}} = - a.\ln \left( {x + \sqrt {{x^2} + 1} } \right) - b.{x^{2017}} = - g(x)\\ \Rightarrow f( - x) - 2018 = - \left( {f(x) - 2018} \right) \Leftrightarrow f( - x) = - f(x) + 4036\end{array}
Ta có:
\begin{array}{l}f\left( {\log \left( {\ln 10} \right)} \right) = f\left( {\log \left( {\dfrac{{\log 10}}{{\log e}}} \right)} \right) = f\left( {\log \left( {\dfrac{1}{{\log e}}} \right)} \right) = f\left( { - \log \left( {\log e} \right)} \right) = - f\left( {\log \left( {\log e} \right)} \right) + 4036\\ = - 2019 + 4036 = 2017\end{array}
Tập hợp S tất cả các giá trị của tham số m để phương trình{2^{{{(x - 1)}^2}}}.{\log _2}({x^2} - 2x + 3) = {4^{\left| {x - m} \right|}}.{\log _2}\left( {2\left| {x - m} \right| + 2} \right) có đúng ba nghiệm phân biệt là
Ta có: {2^{{{(x - 1)}^2}}}.{\log _2}({x^2} - 2x + 3) = {4^{\left| {x - m} \right|}}.{\log _2}\left( {2\left| {x - m} \right| + 2} \right)
\Leftrightarrow {2^{{{(x - 1)}^2}}}.{\log _2}({(x - 1)^2} + 2) = {2^{2\left| {x - m} \right|}}.{\log _2}\left( {2\left| {x - m} \right| + 2} \right) (1)
Xét hàm số y = f(t) = {2^t}.{\log _2}(t + 2) trên \left[ {0; + \infty } \right):
f'(t) = {2^t}\ln 2.{\log _2}(t + 2) + {2^t}.\dfrac{1}{{\ln 2.(t + 2)}} > 0,\,\,\forall t \ge 0 \Rightarrow Hàm số đồng biến trên \left[ {0; + \infty } \right)
Phương trình (1) \Leftrightarrow f\left( {{{(x - 1)}^2}} \right) = f\left( {2\left| {x - m} \right|} \right) \Leftrightarrow {(x - 1)^2} = 2\left| {x - m} \right|\,\,\left( 2 \right)
Thử đáp án:
+) Nếu m = 1 thì \left( 2 \right) trở thành {\left( {x - 1} \right)^2} = 2\left| {x - 1} \right|
Nếu x \ge 1 thì {\left( {x - 1} \right)^2} = 2\left( {x - 1} \right) \Leftrightarrow \left( {x - 1} \right)\left( {x - 3} \right) = 0 \Leftrightarrow \left[ \begin{array}{l}x = 1\left( {TM} \right)\\x = 3\left( {TM} \right)\end{array} \right.
Nếu x < 1 thì {\left( {x - 1} \right)^2} = - 2\left( {x - 1} \right) \Leftrightarrow \left( {x - 1} \right)\left( {x + 1} \right) = 0 \Leftrightarrow \left[ \begin{array}{l}x = 1\left( L \right)\\x = - 1\left( {TM} \right)\end{array} \right.
Do đó \left( 2 \right) có 3 nghiệm phân biệt nên m = 1 thỏa bài toán.
+) Nếu m = \dfrac{1}{2} thì \left( 2 \right) trở thành {\left( {x - 1} \right)^2} = 2\left| {x - \dfrac{1}{2}} \right|
Nếu x \ge \dfrac{1}{2} thì {\left( {x - 1} \right)^2} = 2\left( {x - \dfrac{1}{2}} \right) \Leftrightarrow {x^2} - 4x + 2 = 0 \Leftrightarrow \left[ \begin{array}{l}x = 2 + \sqrt 2 \left( {TM} \right)\\x = 2 - \sqrt 2 \left( {TM} \right)\end{array} \right.
Nếu x < \dfrac{1}{2} thì {\left( {x - 1} \right)^2} = - 2\left( {x - \dfrac{1}{2}} \right) \Leftrightarrow {x^2} = 0 \Leftrightarrow x = 0\left( {TM} \right)
Do đó m = \dfrac{1}{2} thỏa mãn bài toán.
+) Nếu m = \dfrac{3}{2} thì \left( 2 \right) trở thành {\left( {x - 1} \right)^2} = 2\left| {x - \dfrac{3}{2}} \right|
Nếu x \ge \dfrac{3}{2} thì {\left( {x - 1} \right)^2} = 2\left( {x - \dfrac{3}{2}} \right) \Leftrightarrow {x^2} - 4x + 4 = 0 \Leftrightarrow x = 2\left( {TM} \right)
Nếu x < \dfrac{3}{2} thì {\left( {x - 1} \right)^2} = - 2\left( {x - \dfrac{3}{2}} \right) \Leftrightarrow {x^2} = 2 \Leftrightarrow x = \pm \sqrt 2 \left( {TM} \right)
Do đó m = \dfrac{3}{2} thỏa mãn bài toán.
Vậy các giá trị m = 1,m = \dfrac{1}{2},m = \dfrac{3}{2} đều thỏa mãn.
Cho phương trình {2^x} + m = \log {_2}\left( {x - m} \right) với m là tham số. Có bao nhiêu giá trị nguyên của m \in \left( { - 18;\;18} \right) để phương trình đã cho có nghiệm?
Điều kiện: x - m > 0 \Leftrightarrow x > m.
Đặt: {2^x} + m = {\log _2}\left( {x - m} \right) = y \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}{2^x} + m = y\\{\log _2}\left( {x - m} \right) = y\end{array} \right. \Leftrightarrow \left\{ \begin{array}{l}{2^x} + m = y\\x - m = {2^y}\end{array} \right. \Leftrightarrow \left\{ \begin{array}{l}{2^x} + x = {2^y} + y\;\;\;\;\;\left( * \right)\\m = x - {2^y}\;\;\;\;\;\;\;\;\;\;\;\left( {**} \right)\end{array} \right..
Xét hàm số đặc trưng: f\left( t \right) = {2^t} + t ta có: f'\left( t \right) = {2^t}\ln 2 + 1 > 0,\forall t.
\Rightarrow f\left( t \right) đồng biến trên R.
Khi đó ta có: \left( * \right) \Leftrightarrow f\left( x \right) = f\left( y \right) \Leftrightarrow x = y.
\Rightarrow \left( {**} \right) \Leftrightarrow m = x - {2^x}\;\;\;\;\left( {***} \right).
Xét hàm số: g\left( x \right) = x - {2^x} có: g'\left( x \right) = 1 - {2^x}\ln 2.
\Rightarrow g'\left( x \right) = 0 \Leftrightarrow 1 - {2^x}\ln 2 = 0 \Leftrightarrow {2^x} = \dfrac{1}{{\ln 2}} \Leftrightarrow x = {\log _2}\left( {\dfrac{1}{{\ln 2}}} \right) = - {\log _2}\left( {\ln 2} \right).
Ta có BBT:
\Rightarrow \;\left( {***} \right) có nghiệm \Leftrightarrow m \le - \log { _2}\left( {\ln 2} \right) - \dfrac{1}{{\ln 2}} \approx - 0,914
Với m \in \left( { - 18;\;18} \right) và m \in Z \Rightarrow m \in \left\{ { - 17; - 16;....; - 2; - 1} \right\}.
Vậy có 17 giá trị m thỏa mãn.
Cho a > 0,\;b > 0 thỏa mãn {\log _{2a + 2b + 1}}\left( {4{a^2} + {b^2} + 1} \right) + {\log _{4ab + 1}}\left( {2a + 2b + 1} \right) = 2. Giá trị của a + 2b bằng:
Ta có: {\log _{2a + 2b + 1}}\left( {4{a^2} + {b^2} + 1} \right) + {\log _{4ab + 1}}\left( {2a + 2b + 1} \right) = 2
\Leftrightarrow {\log _{2a + 2b + 1}}\left( {4{a^2} + {b^2} + 1} \right) + \dfrac{1}{{{{\log }_{2a + 2b + 1}}\left( {4ab + 1} \right)}} = 2.
Có: {\left( {2a} \right)^2} + {b^2} \ge 2.2a.b \Leftrightarrow 4{a^2} + {b^2} \ge 4ab.
\Rightarrow 4{a^2} + {b^2} + 1 \ge 4ab + 1.
Dấu “=” xảy ra \Leftrightarrow 2a = b.
Theo giả thiết ta có: \left\{ \begin{array}{l}a > 0\\b > 0\end{array} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}2a + 2b + 1 > 1\\4ab + 1 > 1\end{array} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{array}{ccccc}\log {_{2a + 2b + 1}}\left( {4{a^2} + {b^2} + 1} \right) \ge {\log _{2a + 2b + 1}}\left( {4ab + 1} \right)\\{\log _{4ab + 1}}\left( {2a + 2b + 1} \right) = \dfrac{1}{{{{\log }_{2a + 2b + 1}}\left( {4ab + 1} \right)}}\end{array} \right.
Áp dụng bất đẳng thức Cauchy ta có:
{\log _{2a + 2b + 1}}\left( {4{a^2} + {b^2} + 1} \right) + \dfrac{1}{{{{\log }_{2a + 2b + 1}}\left( {4ab + 1} \right)}} \ge {\log _{2a + 2b + 1}}\left( {4ab + 1} \right) + \dfrac{1}{{{{\log }_{2a + 2b + 1}}\left( {4ab + 1} \right)}} \ge 2.\sqrt {{{\log }_{2a + 2b + 1}}\left( {4ab + 1} \right).\dfrac{1}{{{{\log }_{2a + 2b + 1}}\left( {4ab + 1} \right)}}} = 2.
Dấu “=” xảy ra \Leftrightarrow \left\{ \begin{array}{l}2a = b\\{\log _{2a + 2b + 1}}\left( {4ab + 1} \right) = \dfrac{1}{{{{\log }_{2a + 2b + 1}}\left( {4ab + 1} \right)}}\end{array} \right.
\Leftrightarrow \left\{ \begin{array}{l}2a = b\\\log _{3b + 1}^2\left( {2{b^2} + 1} \right) = 1\end{array} \right. \Leftrightarrow \left\{ \begin{array}{l}2a = b\\{\log _{3b + 1}}\left( {2{b^2} + 1} \right) = 1\end{array} \right. (vì {\log _{3b + 1}}\left( {2{b^2} + 1} \right) > 0)
\Leftrightarrow \left\{ \begin{array}{l}b = 2a\\2{b^2} + 1 = 3b + 1\end{array} \right. \Leftrightarrow \left\{ \begin{array}{l}b = 2a\\2{b^2} - 3b = 0\end{array} \right. \Leftrightarrow \left\{ \begin{array}{l}b = 2a\\\left[ \begin{array}{l}b = 0\;\;\left( {ktm} \right)\\b = \dfrac{3}{2}\;\;\left( {tm} \right)\end{array} \right.\end{array} \right. \Leftrightarrow \left\{ \begin{array}{l}a = \dfrac{3}{4}\;\;\left( {tm} \right)\\b = \dfrac{3}{2}\end{array} \right.
Vậy a + 2b = \dfrac{3}{4} + 3 = \dfrac{{15}}{4}.
Cho phương trình \dfrac{1}{2}{\log _2}\left( {x + 2} \right) + x + 3 = {\log _2}\dfrac{{2x + 1}}{x} + {\left( {1 + \dfrac{1}{x}} \right)^2} + 2\sqrt {x + 2} , gọi S là tổng tất cả các nghiệm của nó. Khi đó, giá trị của S là:
Điều kiện: x > 0 hoặc - 2 < x < - \dfrac{1}{2}
\begin{array}{l}\dfrac{1}{2}{\log _2}\left( {x + 2} \right) + x + 3 = {\log _2}\dfrac{{2x + 1}}{x} + {\left( {1 + \dfrac{1}{x}} \right)^2} + 2\sqrt {x + 2} \\ \Leftrightarrow {\log _2}\sqrt {x + 2} + x + 2 + 1 - 2\sqrt {x + 2} = {\log _2}\left( {2 + \dfrac{1}{x}} \right) + 1 + \dfrac{2}{x} + \dfrac{1}{{{x^2}}}\\ \Leftrightarrow {\log _2}\sqrt {x + 2} + {\left( {\sqrt {x + 2} } \right)^2} - 2\sqrt {x + 2} = {\log _2}\left( {2 + \dfrac{1}{x}} \right) + \dfrac{2}{x} + \dfrac{1}{{{x^2}}}\\ \Leftrightarrow {\log _2}\sqrt {x + 2} + {\left( {\sqrt {x + 2} } \right)^2} - 2\sqrt {x + 2} = {\log _2}\left( {2 + \dfrac{1}{x}} \right) + {\left( {2 + \dfrac{1}{x}} \right)^2} - 2\left( {2 + \dfrac{1}{x}} \right)\;\;\;\left( * \right)\end{array}
Xét hàm số: f\left( t \right) = {\log _2}t + {t^2} - 2\sqrt t ,\left( {t > 0} \right).
Ta có: f'\left( t \right) = \dfrac{1}{{t.\ln 2}} + 2t - \dfrac{1}{{\sqrt t }} > 0,\forall t > 0 \Rightarrow Hàm số đồng biến trên \left( {0; + \infty } \right)
Mà theo \left( * \right) ta có: f\left( {\sqrt {x + 2} } \right) = f\left( {2 + \dfrac{1}{x}} \right)
\begin{array}{l} \Leftrightarrow \sqrt {x + 2} = 2 + \dfrac{1}{x}\\ \Leftrightarrow x + 2 = 4 + \dfrac{4}{x} + \dfrac{1}{{{x^2}}}\\ \Leftrightarrow {x^3} + 2{x^2} - 4{x^2} - 4x - 1 = 0\\ \Leftrightarrow {x^3} - 2{x^2} - 4x - 1 = 0\\ \Leftrightarrow \left( {x + 1} \right)\left( {{x^2} - 3x - 1} \right) = 0 \Leftrightarrow \left[ \begin{array}{l}x = - 1\;\;\;\left( {tm} \right)\\x = \dfrac{{3 + \sqrt {13} }}{2}\;\;\;\left( {tm} \right)\\x = \dfrac{{3 - \sqrt {13} }}{2}\;\;\left( {ktm} \right)\end{array} \right..\\ \Rightarrow S = - 1 + \dfrac{{3 + \sqrt {13} }}{2} = \dfrac{{1 + \sqrt {13} }}{2}\end{array}
Cho hàm số f\left( x \right) = \dfrac{{{4^x}}}{{{4^x} + 2}}. Tính tổng S = f\left( {\dfrac{1}{{2019}}} \right) + f\left( {\dfrac{2}{{2019}}} \right) + \,\,...\,\, + f\left( {\dfrac{{2018}}{{2019}}} \right) + f\left( 1 \right).
Ta có f\left( x \right) = \dfrac{{{4^x}}}{{{4^x} + 2}} \Rightarrow f\left( {1 - x} \right) = \dfrac{{{4^{1\, - \,x}}}}{{{4^{1\, - \,x}} + 2}}
\Rightarrow f\left( x \right) + f\left( {1 - x} \right) = \dfrac{{{4^x}}}{{{4^x} + 2}} + \dfrac{{{4^{1 - x}}}}{{{4^{1 - x}} + 2}} = \dfrac{{{4^x}}}{{{4^x} + 2}} + \dfrac{4}{{4 + {{2.4}^x}}} = \dfrac{{{4^x}}}{{{4^x} + 2}} + \dfrac{2}{{{4^x} + 2}} = 1
Khi đó f\left( {\dfrac{1}{{2019}}} \right) + f\left( {\dfrac{{2018}}{{2019}}} \right) = 1; f\left( {\dfrac{2}{{2019}}} \right) + f\left( {\dfrac{{2017}}{{2019}}} \right) = 1; … và f\left( 1 \right) = \dfrac{4}{6}.
Vậy S = f\left( {\dfrac{1}{{2019}}} \right) + f\left( {\dfrac{2}{{2019}}} \right) + \,\,...\,\, + f\left( {\dfrac{{2018}}{{2019}}} \right) + f\left( 1 \right) = \dfrac{{2018}}{2}.1 + \dfrac{4}{6} = \dfrac{{3029}}{3}.
Cho hệ \left\{ \begin{array}{l}9{x^2} - 4{y^2} = 5\\{\log _m}(3x + 2y) - {\log _3}(3x - 2y) = 1\end{array} \right. có nghiệm \left( {x;y} \right) thỏa mãn 3x + 2y \le 5. Khi đó giá trị lớn nhất của m là:
Ta có: 9{x^2} - 4{y^2} = 5 \Leftrightarrow (3x - 2y)(3x + 2y) = 5 \Leftrightarrow 3x - 2y = \dfrac{5}{{3x + 2y}}
Khi đó, ta có:
\begin{array}{l}{\log _m}(3x + 2y) - {\log _3}(3x - 2y) = 1 \Leftrightarrow {\log _m}(3x + 2y) - {\log _3}\dfrac{5}{{3x + 2y}} = 1\\ \Leftrightarrow \dfrac{{{{\log }_3}(3x + 2y)}}{{{{\log }_3}m}} - {\log _3}5 + {\log _3}(3x + 2y) = 1\\ \Leftrightarrow \dfrac{{{{\log }_3}(3x + 2y)}}{{{{\log }_3}m}} = {\log _3}5 - {\log _3}(3x + 2y) + 1\\ \Leftrightarrow {\log _3}m = \dfrac{{{{\log }_3}(3x + 2y)}}{{{{\log }_3}5 - {{\log }_3}(3x + 2y) + 1}}\,\,(1)\end{array}
Đặt t = {\log _3}\left( {3x + 2y} \right) \le {\log _3}5 thì \left( 1 \right) trở thành {\log _3}m = \dfrac{t}{{{{\log }_3}5 - t + 1}}
Xét hàm số y = f(t) = \dfrac{t}{{{{\log }_3}5 - t + 1}},t \in \left( { - \infty ;{{\log }_3}5} \right]
f'(t) = \dfrac{{{{\log }_3}5 + 1}}{{{{({{\log }_3}5 - t + 1)}^2}}} > 0,\,\,\forall t \in \left( { - \infty ;{{\log }_3}5} \right]
Bảng biến thiên:
Để \left( 1 \right) có nghiệm thì - 1 < \log { _3}m \le {\log _3}5\, \Rightarrow \dfrac{1}{3} < m \le 5
Vậy giá trị lớn nhất của m thỏa mãn yêu cầu đề bài là 5.
Biết rằng a là số thực dương sao cho bất đẳng thức {3^x} + {a^x} \ge {6^x} + {9^x} đúng với mọi số thực x. Mệnh đề nào sau đây đúng?
Ta có {3^x} + {a^x} \ge {6^x} + {9^x} \Leftrightarrow f\left( x \right) = {3^x} + {a^x} - {6^x} - {9^x} \ge 0;\,\,\forall x \in \mathbb{R}.
Xét f\left( x \right) = {3^x} + {a^x} - {6^x} - {9^x} trên \mathbb{R}, có:
f'\left( x \right) = {3^x}.\ln 3 + {a^x}.\ln a - {6^x}.\ln 6 - {9^x}.\ln 9; f''\left( x \right) = {3^x}{\ln ^2}3 + {a^x}{\ln ^2}a - {6^x}{\ln ^2}6 - {9^x}{\ln ^2}9
Dễ thấy f\left( 0 \right) = 0 nên f\left( x \right) \ge 0,\forall x \in R \Leftrightarrow f\left( x \right) \ge f\left( 0 \right),\forall x \in R
Điều này cũng có nghĩa x = 0 là điểm cực tiểu của hàm số.
\Leftrightarrow \left\{ \begin{array}{l}f'\left( 0 \right) = 0\\f''\left( 0 \right) > 0\end{array} \right. \Leftrightarrow \,\left\{ \begin{array}{l}\ln a = \ln \dfrac{{6\,\, \times \,\,9}}{3}\\{\ln ^2}3 + {\ln ^2}a - {\ln ^2}6 - {\ln ^2}9 > 0\end{array} \right.\, \Leftrightarrow a = 18