Phản ứng cộng ankin

hh X gồm C₂H₂ + H₂ → hh Y gồm C₂H₂ dư, C₂H₄, C₂H₆, H₂ dư

C₂H₂ + 2AgNO₃ + 2NH₃→ C₂Ag₂ + 2NH₄NO₃

0,05   <------------------------------  0,05

=> n_{C2H2 dư} = 0,05 mol

Khí đi ra khỏi bình là C₂H₄, C₂H₆, H₂

=> n_C2H4 = n_{Br2 phản ứng} = 0,1 mol

Khí Z: C₂H₆ và H₂

Bảo toàn C: n_C2H6 = ½.n_CO2 = 0,05 mol

Bảo toàn H: n_H2O = 3.n_C2H6 + n_H2 => n_H2 = 0,25 – 3.0,05 = 0,1 mol

Bảo toàn nguyên tố C trong hỗn hợp X: n_{C2H2 ban đầu} = n_{C2H2 dư} + n_{C2H2 pứ} = n_{C2H2 dư} + n_C2H4 + n_C2H6

=> n_C2H2= 0,05 + 0,1+ 0,05  = 0,2 mol

n_{H2 bđ} = n_{H2 pứ} + n_{H2 dư} = n_C2H4 + 2.n_C2H6 + n_{H2 dư} = 0,3 mol

=> V = (0,2 + 0,3).22,4 = 11,2 (l)

Trong 8,6g X chứa a mol C₂H₄; b mol C₂H₂; c mol CH₄ 

m_{hh X} = 28a + 26b + 16c = 8,6  (1)

n_{Br2 phản ứng} = n_{π trong X} = n_C2H4 + 2.n_C2H2 => a + 2b = 0,3  (2)

C₂H₂ + 2AgNO₃ + 2NH₃ → C₂Ag₂ + 2NH₄NO₃

n_C2Ag2 = 0,15 (mol) => n_C2H2 = 0,15 (mol)

=> %n_{C2H2 trong X} = 0,15/0,6 = 25%

=> trong 8,6 gam X % số mol C₂H₂ cũng là 25% => b = 25%.(a + b + c)  (3)

Từ (1), (2) và (3) => a = 0,1; b = 0,1; c = 0,2

==>%n _{CH4 trong X} = 50%

Đặt CTPT : C_nH_2n+2-2k ( k là số liên kết pi)

                       C_nH_2n+2-2k  + k Br₂ → C_nH_2n+2-2k Br_2k

Bảo toàn C có n_hc  = \(\dfrac{{{n_{C{O_2}}}}}{n} = \dfrac{{0,16}}{n}\) mol → n_Br2 = \(\dfrac{{0,16}}{n}.k\) = 0,16 → k = n → Hidrocacbon là C_nH₂

Với k = n = 1 thì HC là : CH₂ loại

Với k = n = 2 thì HC là C₂H₂ → m = 0,08 . 26 =2,08 g

Với k = n = 3 thì HC là C₃H₂ ( không có CTHH thỏa mãn )

Với k = n =4 thì HC là C₄H₂ → m = 0,04.50 = 2 g