Bài tập hỗn hợp este

Quy đổi hỗn hợp M thành C_nH_2nO₂  ; C_mH_2m+2O₃ : a mol và H₂O : -b mol

Vì M phản ứng vừa đủ với 0,35 mol KOH nên n_axit = 0,35 mol → C_nH_2nO₂ : 0,35 mol

Đốt cháy M

Bảo toàn C có n_CO2 = 0,35n + am = 0,75 mol

Bảo toàn H có 2n_H2O = 0.35.2n + a.(2m+2) – 2b = 0,7.2

→ từ 2 phương trình trên có a – b = - 0,05

Khối lượng của hỗn hợp M là 0,35(14n + 32) + a.(14m+ 50) – 18b = 24

                                                   →  14.(0,35n + am) + 32.0,35 + 50a – 18b = 24 → 50a – 18b = 2,3

→ a = 0,1 mol và b = 0,15 mol →n_este = 1/3 .b = 0,05 mol → B đúng

→ 0,35n + 0,1m = 0,75mol

Vì m ≥ 3 do đây là ancol 3 chức nên thỏa mãn m = 3 và  n = 9/7 ( vì n là số C trung bình của 2 axit)

→ X là HCOOH → %H trong X = 4,35% → D đúng

24gam M + 0,35 mol KOH → 0,35 mol C_nH_2n-1O₂K

Với n = 9/7 → m = 30,8 → C đúng

→ A sai

Ta có : \(\frac{{{n_{C{O_2}}}}}{{{n_{{H_2}O}}}} = \frac{{77:44}}{{18:18}} = \frac{7}{4}\) → \(\frac{{{n_C}}}{{{n_H}}} = \frac{7}{8}\) .

Mà este X tạo bởi ancol đơn chức và axit2 chức nên X có 4 O trong công thức phân tử

→ X là C₇H₈O₄

Số liên kết pi có trong X là: (7 . 2 + 2 - 8) : 2 = 4

=> X có chứa 2 liên kết pi trong 2 chức este và 2 liên kết pi trong gốc hidrocacbon

X + NaOH → X₁ + X₂ + Z và 2 ancol X₁ , X₂ là đồng đẳng nên X là

CH₃ – OOC – C≡C- COO- CH₂- CH₃

→ Z là NaOOC – C≡C – COONa

X₁ , X₂ là CH₃OH; C₂H₅OH

Y là CH₃ – OOC – CH- CH- COO- CH₂- CH₃

a. Đúng

b. Sai

c. Đúng

d. sai

n_NaOH = 0,1 (mol) ; n_HCl = 0,02 (mol)

Hai ancol có cùng dãy đồng đẳng và có phân tử khối trung bình nhỏ hơn 46 => phải có 1 ancol là CH₃OH

=> 2 ancol thuộc dãy đồng đẳng của ancol no, đơn chức

Quy đổi hỗn hợp X về:

C_nH_2n+2-2kO₄: 0,04 (mol) [Suy ra từ n_axit = 1/2. n_COOH = ½ . (n_NaOH - n_HCl ) ]

C_mH_2m+2O : 0,05 (mol)

H₂O : - c (mol)

BTNT C: n_CO2 = 0,04n + 0,05m = 0,19

=> 4n + 5m = 19  (1)

Mặt khác M_ancol < 46 => 14m +18 < 46 => m < 2

Từ (1) ta có: n ≥ 2 và m < 2 => n = 3 và m = 1,4 là nghiệm duy nhất

Vậy axit là CH₂(COOH)₂

Y gồm: CH₂(COONa)₂: 0,04 mol và NaCl: 0,02 mol  (BTNT Cl)

=> m_Y = 0,04.148 + 0,02.58,5 = 7,09 (g)

n_NaOH = 0,26 mol; n_CO2 = 0,045 mol; n_H2O = 0,06 mol

Do axit Y đa chức, không phân nhánh nên Y là axit hai chức

Este Z được tạo bởi ancol T và X, Y => Ancol T là ancol ba chức.

*Xét phản ứng đốt cháy ancol T: n_CO2 = 0,045 mol; n_H2O = 0,06 mol

n_CO2 < n_H2O => T là ancol no, mạch hở

n _ancol = n_H2O - n_CO2 = 0,06 - 0,045 = 0,015 mol

=> Số C = n_CO2 : n_T = 0,045 : 0,015 = 3

Vậy T là C₃H₅(OH)₃

*E phản ứng với NaOH: n_COO = n_NaOH = 0,26 mol => n_O(E) = 2n_COO = 0,52 mol

*Xét phản ứng đốt cháy hỗn hợp E:

+ BTKL: m_CO2 + m_H2O = m_E + m_O2 => 44n_CO2 + 18n_H2O = 14,93 + 32.0,3825

+ BTNT "O": 2n_CO2 + n_H2O = n_O(E) + 2n_O2 => n_CO2 + n_H2O = 0,52 + 2.0,3825

Giải hệ được n_CO2 = 0,505 và n_H2O = 0,275

*Quy đổi hỗn hợp E thành:

C_nH_2nO₂: x

C_mH_2m-4O₄: y

C₃H₈O₃: 0,015

H₂O: -0,045

Ta có hệ phương trình:

\(\left\{ \matrix{
{n_{NaOH}} = x + 2y = 0,026 \hfill \cr
{n_{C{O_2}}} = nx + my + 0,015.3 = 0,505 \hfill \cr
{n_{{H_2}O}} = nx + (m - 2)y + 4.0,015 - 0,045 = 0,275 \hfill \cr} \right. \to \left\{ \matrix{
x = 0,06 \hfill \cr
y = 0,1 \hfill \cr
3n + 5m = 23 \hfill \cr} \right.\)

Chỉ có cặp n = 1; m = 4 thỏa mãn

Vậy X là HCOOH và Y là HOOC-CH=CH-COOH

=> Z có thể là

- Phương án A sai vì tổng số nguyên tử H trong Z là 8

- Phương án B đúng

+ X làm mất màu dung dịch Br₂ khi đun nóng

+ Y làm mất màu dung dịch Br₂ ở nhiệt độ thường

+ T không làm mất màu dung dịch Br₂

- Phương án C đúng

- Phương án D đúng.