Đáp án: Quy đổi hỗn hợp X thành C2H3ON 0,44 (mol) ( Tính từ nN2 = 0,22 mol) CH2 a mol H2O b mol Trong phản ứng thủy phân X X + NaOH → Muối + H2O Khối lượng muối tăng so với X chính là lượng NaOH trừ đi lượng...

Quy đổi hỗn hợp X thành C2H3ON 0,44 (mol) ( Tính từ nN2 = 0,22 mol) CH2 a mol H2O b mol Trong phản ứng thủy phân X X + NaOH → Muối + H2O Khối lượng muối tăng so với X chính là lượng NaOH trừ đi lượng...

Câu hỏi:

2 năm trước

Thủy phân m gam hỗn hợp X gồm một tetrapeptit A và một pentapeptit B (A và B đều mạch hở chứa đồng thời glyxin và alanin trong phân tử) bằng lượng dung dịch NaOH vừa đủ. Cô cạn dung dịch sau phản ứng thu được (m +15,8) gam hỗn hợp muối. Đốt cháy toàn bộ lượng muối sinh ra bằng một lượng oxi vừa đủ, thu được Na₂CO₃và hỗn hợp khí và hơi Y gồm CO₂, H₂O và N₂. Dẫn Y đi qua bình đựng dung dịch NaOH đặc dư thấy khối lượng bình tăng thêm 56,04 gam so với ban đầu và có 4,928 lít khí duy nhất (đktc) thoát ra khỏi bình. Xem như N₂ không bị nước hấp thụ, các phản ứng xảy ra hoàn toàn. Thành phần phần trăm khối lượng của B trong hỗn hợp X gần với giá trị nào nhất sau đây?

58,92%.

47,85%.

50,92%.

47,50%.

Xem đáp án

52 lượt xem

Tổng hợp bài tập Peptit hay và khó (phần 1) - MÔN HÓA - Lớp 12. Thi ngay

Trả lời bởi giáo viên

Đáp án đúng: d

Quy đổi hỗn hợp X thành:

C₂H₃ON: 0,44 (mol) ( Tính từ n_N2 = 0,22 mol)

CH₂: a mol

H₂O : b mol

Trong phản ứng thủy phân X:

X + NaOH → Muối + H₂O

Khối lượng muối tăng so với X chính là lượng NaOH trừ đi lượng H₂O

=> m_NaOH – m_H2O = 15,8

=> 40.0,44 – 18b = 15,8

=> b = 0,1 (mol)

Coi quá trình đốt cháy muối là quá trình đốt cháy X và NaOH ban đầu

n_Na2CO3 = n_NaOH/ 2 = 0,22 (mol)

BTNT C => n_CO2 = 2n_C2H3ON + n_CH2 – n_Na2CO3 = 2.0,44 + a – 0,22

=> n_CO2 = a + 0,66 (mol)

BTNT H => n_H2O = 1,5.n_C2H3ON + n_CH2 + ½. n_NaOH

=> n_H2O = 1,5.0,44 + a + 0,5.0,44

=> n_H2O = a + 0,88

∑ m_CO2+H2O = (a + 0,66).44 + (a + 0,88).18 = 56,04

=> a = 0,18 (mol)

=> m_X = 0,44.57 + 0,18.14 + 0,1.18 = 29,4 (g)

Đặt x , y là số mol của A, B

$\left\{ \begin{gathered}\sum {{n_X} = x + y = b = 0,1} \hfill \\\sum {{n_{NaOH}} = 4x + 5y = 0,44} \hfill \\ \end{gathered} \right. = > \left\{ \begin{gathered}x = 0,06 \hfill \\y = 0,04 \hfill \\ \end{gathered} \right.$

Đặt u, v là số mol của glyxin và analin

$\left\{ \begin{gathered} \sum {{n_N} = u + v = 0,44} \hfill \\\sum {{n_C} = 2u + 3v = {n_{C{O_2}}} + {n_{N{a_2}C{O_3}}} = 1,06} \hfill \\ \end{gathered} \right. = > \left\{ \begin{gathered}u = 0,26 \hfill \\v = 0,18 \hfill \\ \end{gathered} \right.$

A: (Gly)_p(Ala)_4-p: 0,06 (mol)

B. (Gly)_q(Ala)_5-q : 0,04 (mol)

=> n_Gly = 0,06p + 0,04q = 0,26

=> 3p + 2q = 13

Vì p ≤ 4 và q ≤ 5 => p = 3 và q = 2 thỏa mãn

=> B là (Gly)₂(Ala)₃

%m_B = [0,04. 345)/ 29,4].100% = 46,94% gần nhất với 47,50%