Đáp án: F1 3 thân cao hoa đỏ 1 thân cao hoa trắng → Bb × BbTa thấy F2 có 4 loại kiểu hình → ở F1 có AaP AABb × AaBb → F1 (1AA1Aa)(1BB2Bb1bb) ↔ tỉ lệ giao tử (3A1a)(1B1b)Cho F1 giao phấn ngẫu nhiên(3A1a)(1B1b)...

F1 3 thân cao hoa đỏ 1 thân cao hoa trắng → Bb × BbTa thấy F2 có 4 loại kiểu hình → ở F1 có AaP AABb × AaBb → F1 (1AA1Aa)(1BB2Bb1bb) ↔ tỉ lệ giao tử (3A1a)(1B1b)Cho F1 giao phấn ngẫu nhiên(3A1a)(1B1b)...

Câu hỏi:

2 năm trước

Một loài thực vật, alen A quy định thân cao trội hoàn toàn so với alen a quy định thân thấp; alen B quy định hoa đỏ trội hoàn toàn so với alen b quy định hoa trắng, 2 cặp gen này phân li độc lập. Phép lai P: Cây thân cao, hoa đỏ × Cây thân cao, hoa đỏ, thu được F₁ gồm 75% cây thân cao, hoa đỏ và 25% cây thân cao, hoa trắng. Cho các cây F₁ giao phấn ngẫu nhiên, thu được F₂ có 4 loại kiểu hình. Theo lí thuyết, số cây có 3 alen trội ở F₂ chiếm tỉ lệ

11/32

1/4

3/8

7/16

Xem đáp án

55 lượt xem

Đề thi thử THPTQG - Đề số 3 - MÔN SINH - Lớp 12. Thi ngay

Trả lời bởi giáo viên

Đáp án đúng: c

F₁: 3 thân cao hoa đỏ: 1 thân cao hoa trắng → Bb × Bb

Ta thấy F₂ có 4 loại kiểu hình → ở F₁ có Aa.

P: AABb × AaBb → F₁: (1AA:1Aa)(1BB:2Bb:1bb) ↔ tỉ lệ giao tử (3A:1a)(1B:1b)

Cho F₁ giao phấn ngẫu nhiên:

(3A:1a)(1B:1b) × (3A:1a)(1B:1b)

Tỉ lệ số cây có 3 alen trội: AABb + AaBB=

\({\left( {\frac{3}{4}A} \right)^2} \times 2 \times \frac{1}{2}B \times \frac{1}{2}b + 2 \times \frac{3}{4}A \times \frac{1}{4}a \times {\left( {\frac{1}{2}B} \right)^2} = \frac{3}{8}\)