Câu hỏi:
1 năm trước

X là este của aminoaxit; Y và Z là hai peptit(MY < MZ, hơn kém nhau một nguyên tử nito trong phân tử). X,Y và Z đều mạch hở. Cho 60,17 gam hỗn hợp E gồm X, Y, Z tác dụng vừa đủ với 0,73 mol NaOH, sau phản ứng thu được 73,75 gam ba muối của glyxin, alanin và valin( trong đó có 0,15 mol muối alanin)và 14,72 gam ancol no, đơn chức, mạch hở. Mặt khác, đốt cháy 60,17 gam E trong O2 dư thu được CO2, N2 và 2,275 mol H2O. Phần trăm khối lượng của Y trong E có giá trị gần nhất

Trả lời bởi giáo viên

Đáp án đúng: d

Gọi số mol của Gly và Val lần lượt là x và y mol

Ta có nNaOH =nGly + nVal + nAla => 0,73 = x + y + 0,15 (1)

mmuối = 73,75 = (75+22)x + (117+ 22)y + 0,15(89+22) (2)

giải (1) và (2) có x = 0,56 mol và y =0,02 mol

Xét phản ứng E + NaOH : 60,17 g E + 0,73mol NaOH → 73,75 g muối + 14,72 g ancol và H2O

 Bảo toàn khối lượng có mH2O = 60,17 + 0,73.40 – 73,75-14,72 = 0,9 nên nH2O = 0,05 mol

=> nY + nZ = nH2O = 0,05 mol

Xét phản ứng E + O2 → CO2 + H2O + N2

\(\left\{ \begin{gathered}NH - C{H_2}CO:0,73 \\C{H_2}:0,15 + 0,02.3 = 0,21  \\{H_2}O:0,05  \\{C_n}{H_{2n + 2}}O:a{\text{ mol}}(14,72g)  \\\end{gathered}  \right.\) +  O2 → 2,275 mol H2O

 

Bảo toàn H có 0,73.3 + 0,21.2 + 0,05.2 + (2n+2)a =2,275.2

Và 14,72 = a(14n + 34) nên an =0,46 và a = 0,46 suy ra n = 1→ ancol là CH3OH : 0,46 mol

→ nX = 0,46 mol → X tạo từ Gly vào CH3OH (vì chỉ có nGly > 0,46)

naa tạo từ Y và Z = 0,73 – 0,46 =0,27 mol

→ số aa trung bình của Y và Z là 0,27 : 0,05 = 5,4

Mà Y và Z hơn kém nhau 1N nên Y là pentapeptit còn Z là hexapeptit

Ta có hệ sau \(\left\{ \begin{gathered}{n_Y} + {n_Z} = 0,05  \\5{n_Y} + 6{n_Z} = 0,27 \\\end{gathered}  \right. \to \left\{ \begin{gathered}{n_Y} = 0,03  \\{n_Z} = 0,02 \\\end{gathered}  \right.\)

Y và Z được cấu tạo từ 0,15 mol Ala, 0,1 mol Gly và 0,02 mol Val

Y là (Ala)3 – (Gly)2 và Z là Val- (Ala)3 – (Gly)2 

Nên %Y = $\frac{{0,03.345}}{{60,17}}.100\%  = 17,2\% $  gần nhất với 17,8%

 

Hướng dẫn giải:

Gọi số mol của Gly và Val lần lượt là x và y mol

Ta có nNaOH =nGly + nVal + nAla => pt (1)

mmuối = pt(2)

giải (1) và (2) có x và y

Xét phản ứng E + NaOH : 60,17 g E + 0,73mol NaOH → 73,75 g muối + 14,72 g ancol và H2O

 Bảo toàn khối lượng có mH2O nên nY + nZ = nH2O = 0,05 mol

Xét phản ứng E + O2 → CO2 + H2O + N2

Quy đổi E

\(\left\{ \begin{gathered}NH - C{H_2}CO:0,73 \\C{H_2}:0,15 + 0,02.3 = 0,21  \\{H_2}O:0,05  \\{C_n}{H_{2n + 2}}O:a{\text{ mol}}(14,72g)\\\end{gathered} \right.\) +  O2 → 2,275 mol H2O

 Bảo toàn H có 0,73.3 + 0,21.2 + 0,05.2 + (2n+2)a =2,275.2

Và 14,72 = a(14n + 34) → ancol là CH3OH → nX theo nancol

naa tạo từ Y và Z = 0,73 – nX  → số aa trung bình của Y và Z là naa tạo từ Y và Z : nY và Z = 5,4

Mà Y và Z hơn kém nhau 1N nên Y là pentapeptit còn Z là hexapeptit

Câu hỏi khác